声明使用`enable_if`专门化的类模板时，为什么需要`void`

在声明使用enable_if专门化的类模板时，需要使用void的原因是为了指定特定条件下的模板实例化结果为空类型。enable_if是一个模板元函数，用于在编译时根据条件选择是否启用特定的模板实例化。

enable_if通常与模板的SFINAE（Substitution Failure Is Not An Error）机制一起使用，用于在编译时根据条件对模板进行选择性实例化。当条件为真时，enable_if的第一个模板参数为true_type，此时模板实例化成功；当条件为假时，enable_if的第一个模板参数为false_type，此时模板实例化失败，但不会导致编译错误。

在声明使用enable_if专门化的类模板时，需要使用void作为enable_if的第一个模板参数，以指定特定条件下的模板实例化结果为空类型。这样可以在编译时根据条件选择是否启用特定的模板实例化，并且不会产生实际的类型。

以下是一个示例代码：

#include <type_traits>

template <typename T, typename = void>
class MyClass
{
    // 当条件为真时，此模板实例化成功
};

template <typename T>
class MyClass<T, typename std::enable_if<std::is_integral<T>::value>::type>
{
    // 当 T 为整数类型时，此模板实例化成功
};

int main()
{
    MyClass<int> obj1;  // 第二个模板实例化成功
    MyClass<double> obj2;  // 第一个模板实例化成功
}

在上述示例中，MyClass是一个类模板，根据条件选择性实例化。当模板参数T为整数类型时，使用enable_if的专门化模板进行实例化，否则使用默认的模板进行实例化。通过使用void作为enable_if的第一个模板参数，可以指定特定条件下的模板实例化结果为空类型。