我是PHP的JSON的初学者,如果你能帮助我。代码在3次内重复相同的输出。我在这里包含了所需的代码。代码详细信息如下所示。../Controler.php包含从数据库检索数据的MySQL代码
donnerdata.js:
function member_note(){
var tableData;
$.post("../Controller/controller.php", {loading_donnerdata: 'table'}, function(e) {
if (e === undefined || e.le
因此,在检查开发控制台时,我可以看到我的AJAX已经成功,并且我已经收到了所需的JSON数据,但是我无法确定如何正确显示它,因为我一直收到以下错误:
Uncaught TypeError: Cannot read property 'name' of undefined
at Object.success (main.js:11)
at Object.resolveWith (jquery.min.js:16)
at v (jquery.min.js:16)
at XMLHttpRequest.c (jquery.min.js:16)
AJAX输出:
Object {rows:
当前,我的配置文件(/etc/nginx/sites available/default)说
server {
listen 80 default_server;
listen [::]:80 default_server;
root /var/www/html;
# Add index.php to the list if you are using PHP
index index.html index.htm index.nginx-debian.html;
server_name _;
location /credentia
我刚开始使用Yii框架,我遇到了一些麻烦。我已经设置了我的布局和视图,当我在控制器中呈现我的视图时,它工作得很好,输出出现在布局内部等等,但是当我查看源时,没有缩进。有什么方法可以缩进HTML的最终输出以便更容易阅读和发现错误.
controllers/SchedulingController.php
<?PHP
class SchedulingController extends CController
{
public function actionStaffCalendar($calendarID)
{
$this->render(
由于某些原因,以下代码无法进入while循环:
<?php
// get All data from company and set into table
if(!isset($_SESSION)){
session_start();
}
?>
<?php
$user_id1="";
if (isset($_SESSION['user_id']))
{$user_id1=$_SESSION['user_id'];}
?>
<script type="text/javascript"
这是我的JS代码: let report_button = document.getElementById("report_button");
report_button.addEventListener("click", e => {
e.preventDefault();
let form = new FormData(document.getElementById("form"));
fetch("test.php", {
method: "POST",
body: form
})