我正在尝试用PHP创建一个网站。对于头代码,包含/ header er.php中有一个包含所有头代码的文件。所以每一页都以
<?php
include("includes/header.php");
?>
这是可行的,但是我需要一些定制,所以如果我只需要添加JS或其他东西到1页。这就是我的目标:
<?php
$header_code =
?>
Hi there, this is some code that can be used with a echo $header_code in the includes/heade
代码:
<?php
include "init.php";
include_once('tbs_class.php');
$TBS = new clsTinyButStrong;
$TBS->LoadTemplate('/home/b2bmomo/www/templates/templateb2bmomo.htm');
$TBS->Show();
if ($_SERVER['REQUEST_METHOD'] === 'POST'){
$query = "SELECT * F
我正试图为我的学校食堂(这是一个学校作业)做一个网上商店,我真的很难把我创建的数据库中的项目链接到我的PHP文档中。
这是我为商店使用的名为canteen_ordering.php的页面
<!--MADE BY MIKE YAZDAN, NARRABUNDAH COLLEGE YEAR 12 - DYNAMIC WEB-->
<?php
require_once('php/create_db.php');
require_once('./php/component.php');
$database = new CreateDb("
我想像MVC模式那样构造我的JS代码。
当一个站点像index.php一样加载时,总是会创建一个Controller对象。一个函数被调用。
在Controller.js文件中,此函数创建一个模型对象。
但是我得到了一个错误,它说模型不是一个函数。
文件index.php
<script>
var mController = new Controller();
mController.load();
</script>
文件Controller.js
function Controller()
{
console.log('IN C
这段代码有什么问题?:S..我的画布是空的。图像URL正确且图像已加载。
这是我的engine.js文件:
var canvas;
var stage;
function init()
{
canvas = document.getElementById("canvas");
stage = new Stage(canvas);
playerImg = new Image();
playerImg.src = 'img/player/walkingbl.png';
playerImg.onload
我想从数据库名称: Class显示类名。但是,当加载create页面时,它将显示以下错误。
FatalErrorException在courseController.php第23行:语法错误,意外的‘类’(T_CLASS)
这里是我的课程控制器,在这里我想在View中显示类数据:
<?php
namespace App\Http\Controllers;
use Illuminate\Http\Request;
use App\Http\Requests;
use App\Course;
use Redirect;
class courseController exten