我有一个php标签,我试着从数据库中获取一些值。然后将这些值声明给一个变量,然后利用这些变量将值传递给html body标记。
PHP:
<?php
$sql = "SELECT * FROM productItem;";
// Write a statement to open a connection to MySQL server
$link = mysql_connect("localhost:3306", "root", "6i7yvBku");
作为一名PHP开发人员,每当我想在Unicode内容上使用PHP和MySQL时,我总是使用以下代码:
$link = mysql_connect("localhost","root") or die (mysql_error());
if ($link) {
mysql_set_charset('utf8',$link);
$db = mysql_select_db("mydb") or die (mysql_error());
}
在这种情况下,所有内容都将准确地存储在MySQL数据库中。
现在,我有一个用C#.
如何实现此目的:
$ip = $_SERVER['REMOTE_ADDR'];
$result = $link->query("SELECT * FROM tables WHERE IP='$ip' LIMIT 1;")->fetchColumn();
// mean this
if (mysql_fetch_row($result)) {
$delete = $link->prepare("DELETE FROM tables WHERE IP='$ip';
我已经在下面写了从网页中提取数据,但这是连续运行,没有插入数据到表中。我如何在下面的代码中拆分这段代码。
我想立即为每个url插入并在循环中提交。这不起作用:
<?php
// example of how to use basic selector to retrieve HTML contents
ini_set('log_errors','0');
ini_set('display_errors','1');
error_reporting(2047);
include('simple_html_dom.php
如何修改opencart类以使其返回
<?php
final class MySQL {
private $link;
public function __construct($hostname, $username, $password, $database) {
if (!$this->link = mysql_connect($hostname, $username, $password)) {
trigger_error('Error: Could not make a database link using
这是一个示例代码,我试图从另一个页面调用它来帮助我处理统计数据。我好像不能让它工作。如何在另一个php文件中导入和调用这个类?stats.php
<?php
include("config.php");
$link = mysql_connect($host, $username, $password);
mysql_select_db("mydb", $link);
class stats{
function newReg(){
$result = mysql_query("SELECT * FROM people where
我创建了这个php脚本,这样我就可以以JSON的形式从MySQL数据库中获取数据,就像婴儿web服务一样。我创造的东西可以被看到。
$category_id = $_GET["CategoryID"];
$sub_id = $_GET["RootID"];
// Connect to our db (MySQL)
$link = mysql_connect('localhost','xxxxxxxx','xxxxx') or die('Cannot connect to the DB');
mys
我有这个类用于mysql连接,我想在不更改函数名的情况下将其替换为mysqli。
class DB { function DB($db_host, $db_user, $db_port, $db_pass, $db_name) {
$link = mysql_connect($db_host, $db_user, $db_pass) or die("Can't connect to database");
mysql_select_db($db_name, $link);
}
public static function execute($sql) {
更新1:
这就是我试图构建字符串的方式:
header('Content-type:application/json');
function getdata($the_query)
{
$connection = mysql_connect('server', 'user', 'pass') or die (mysql_error());
$db = mysql_select_db('db_name', $connection) or die (mysql_error());
$resu
如何用php和mySql从一个表格到下拉列表中插入选定的值到另一个表格?
使用下面的代码通过php从下拉列表中选择...
$mysqlserver="localhost";
$mysqlusername="myname";
$mysqlpassword="mypass";
$link=mysql_connect(localhost, $mysqlusername, $mysqlpassword) or die ("Error connecting to mysql serve
我有一个表,其中包含id、type、data等字段。我需要在PHP中编写一个web服务脚本,它应该插入数据到表中,然后选择相同类型的最后10条记录,并在HTTP主体中返回。
每秒需要1000个实例访问此脚本。
我的问题是,最好的方法是什么?
这是我的代码。我不确定这是不是很好的做法,可以举个例子说明如何让它变得更好……
// Connect to mysql server
$link = mysql_connect(HOST, USER, PASSWORD);
if(!$link) {
die('Could not connect to server: ' . mysq
<?php
$link = mysql_connect('localhost', 'user', 'password');
if (!$link) {
die('Failed to connect to MySQL: ' . mysql_error());
}
$db_selected = mysql_select_db('mysql', $link);
if (!$db_selected) {
die ("Can\'t use db : " . mysql_error());
}