我如何声明一个@属性，但却不能创建它？
我有类A，它公开了获取和设置Foo类型对象的方法。在属性术语中，我通常在接口中声明这一点：
@property (nonatomic, strong) Foo * foo;这(在现代ObjC中)生成访问器和用于存储的ivar，_foo。
如果我想在访问器中执行自定义工作，我可以自己实现其中的一个或两个。但是，如果我不仅想做定制的工作，实际上我不想要象牙？换句话说，我正在对Foo对象执行其他操作，比如将它来回传递给另一个由我组成的内部对象。实际上，我根本不需要在foo实例中为A保留存储。
我似乎有两个选择：
- 声明属性，实现两个访问器，忽略编译器为
_foo创建存储的事实，而从不使用它。 - 在接口中显式声明我的访问器：
- (Foo *)foo和- (void)setFoo:(Foo *)foo，就像我在前现代ObjC中所做的那样。
第一个在运行时看起来不优雅，而第二个在声明中似乎不优雅(在声明中，我可能已经将属性和类似属性的访问器混合在一起了)。
是否有一种方法来申报一项财产，并使其成为纯粹的申报？
回答 3
Stack Overflow用户
发布于 2013-10-27 16:02:24
如果覆盖setter和getter，并且不使用setter和getter中的变量，则不会创建变量。
例如，如果您的类需要一个firstName和lastName属性，但也可能是fullName属性的setter和getter，那么如果您的fullName setter只是将字符串解析为firstName和lastName，并将这些属性设置为firstName和lastName(并且从不将完整字符串存储到fullName变量中)，并且您的d9 getter简单地d10连接的firstName + lastName，并且从不使用d13变量，那么就永远不会创建一个。
这是根据苹果的官方文件。向下滚动到“您可以实现自定义访问器方法”
Stack Overflow用户
发布于 2013-10-27 15:55:32
在实现文件中使用@dynamic关键字。通常对@dynamic的讨论将其描述为在编译时没有创建访问器。通常没有提到的是，也具有不为属性创建存储的效果，在这种情况下，这正是所希望的。
@implementation A
@dynamic foo;
- (Foo *)foo
{
// get a Foo from somewhere and return it.
}
- (void)setFoo:(Foo *)foo
{
// do something with foo
}
@end(注:我在写问题时发现了这个问题，就回答了我自己的问题，这似乎既有趣又不明显。)
Stack Overflow用户
发布于 2013-10-27 16:08:22
@dynamic可能是该走的路。
但是，还有两种方法可以做到这一点：
- 未实现的类别
可以使用未实现的类别来声明属性，但不能获得备份存储：
@interface : NSObject @end @interface (UnimplementedProperties) @property (强) id bar；@end @implementation @end
不声明类别(
@implementation Foo (UnimplementedProperties))的实现，就不会合成属性。 - 一项议定书 您可以在协议上声明属性，然后使类符合该协议。这与未实现的类别具有相同的效果:方法是声明的，但属性不是合成的。 @protocol FooProperties @property (强) id bar；@end @interface : NSObject @end
https://stackoverflow.com/questions/19625162
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