我正在开发一个应用程序,在这个应用程序中,用户可以创建HTML模板并将它们保存到database.The模板中,这些模板由不同的组件组成,如text,图像etc.When --我试图用撇号 '保存文本--它给了我mysql_error (显然).So,我尝试了mysqli_real_escape_strings来对it.It more进行努利化,但是我想要获取保存的内容,以便编辑目的和撇号被转义,使用\(斜杠).So,内容被内部修改,不再是一个有效的html来编辑,浏览器抛出一个语法错误。
I also tried searching other functions for escap
我有一个菜谱表:
CREATE TABLE IF NOT EXISTS `RECIPES` (
`recipes_id` int(11) NOT NULL AUTO_INCREMENT,
`title` varchar(50) CHARACTER SET utf8 COLLATE utf8_bin NOT NULL,
`text` varchar(2000) CHARACTER SET utf8 COLLATE utf8_bin NOT NULL,
`count_persons` int(11) NOT NULL,
`duration` int(11) NOT NULL,
如果要将选定的数据从表保存到输出文件,则必须将其保存到secure_file_priv变量指定的已批准目录中。但是,即使将输出文件路径更改为已批准的目录,它仍然无法工作,从而产生以下错误--与我开始使用secure_file_priv指定目录之前得到的错误相同:
mysql> SELECT * FROM customers
-> INTO OUTFILE " C:\ProgramData\MySQL\MySQL Server 5.7\Uploads\output.txt";
ERROR 1290 (HY000): The MySQL server is runnin
我尝试用php在JSON中添加一行mysql查询。我使用以下代码:
public function lugaresCercanos($lng, $lat, $distance){
$result=mysql_query("SELECT nombre, distancia FROM Lugar ORDER BY distancia ASC");
$info=array();
while($row = mysql_fetch_array($result,MYSQL_ASSOC)){
array_push($info,$row);
}
retu
我试图在shell脚本中运行ssh命令,它将在远程服务器上自动创建数据库、用户、密码等:
password=`date +%s|sha256sum|base64|head -c 32`
read -p "Enter staging folder name... e.g. xxxxxxxx: " stagingdirectory
echo $stagingdirectory
read -p "Give the name for the database (this will be used in mysql)" dbname
echo $dbname
read
以下代码是使用google api访问的一部分。在connectDb()之后,有一行
$q = sprintf("select * from users where google_user_id='%s' limit 1", r($me->id));
...// and more afterwards
$q = sprintf("insert into users (google_user_id, google_email, google_name, google_picture, google_access_token, created, m
我有一个bash脚本中的以下代码。 while IFS= read -r line
do
echo $line | sed 's/\\//g'
line="`echo $line | sed -i 's/\\//g'`"
echo "curl --header "Content-Type: application/json" --request POST --data '$line' http://localhost:3000/api/login"
done <
我做了一个简单的项目,其中编码3张照片到字符串使用64基地,我想发送这3个编码的字符串到MySQL,我正在使用。我尝试发送1和2编码的字符串,它是成功的,我不知道为什么当我尝试发送3编码的字符串时会出现这样的错误。
06-17 08:03:37.837 11479-11703/com.example.indraaaeff.e_fine2 E/JSON Parser﹕ Error parsing data org.json.JSONException: Value <br of type java.lang.String cannot be converted to JSONObject
我正在尝试从我的数据库获取图像路径列表,并在Jquery和Json triying的帮助下添加到我的网站。但是我不在php中使用t know why after encoding my string usingjson_encode`,它改变了它的路径,并向我显示如下
[{"0":"user\/photogallery\/images\/members\/2\/2_1.jpg","src":"user\/photogallery\/images\/members\/2\/2_1.jpg"},{"0":"
我有一个名为comments in MySQL的表-
+-----------+--------------+------+-----+-------------------+----------------+
| Field | Type | Null | Key | Default | Extra |
+-----------+--------------+------+-----+-------------------+----------------+
| id | int(11) | NO |
我有一个tableViewController,它提供了一个按名称排序的位置列表!此列表使用查询从我的MySQL数据库中检索。
按名称从“城堡订单”中选择IDUser
但我的目标是根据userLocation的位置对它们进行排序。因此,数据库中的任何地方都有“纬度”和“经度”字段。
在我的tableViewController中,我这样做:
NSString *IDString = @"SELECT ID FROM Castle ORDER BY Name ASC";
NSMutableString *strURL = [NSMutableString stringW