我试图在PHP中包含一个类,并在另一个文件中使用这个类中的方法。我的代码看起来是这样的(小的可复制示例)。顺便说一句:我正在开发一个WordPress环境。
主档案:
include 'class-file.php';
$cars = new Cars();
var_dump($cars->getCars());
文件class-file.php
class Cars {
public function getCars() {
return "No Cars";
}
}
我得到以下错误:
Fatal error: Uncaught E
我有一个php脚本,我想让它只显示这个特定的文本,如果你在你的浏览器中查看页面,它不会包含在另一个脚本中。
例如
//foo.php
<?php
if(!included){
echo "You can only see this if this is the page you're viewing";
}
?>
//bar.php
<?php
include 'foo.php';
?>
现在,当您查看"bar.php“时,您应该看不到文本..但是如果你打开foo.php,你将会..我该怎么做
我正在讨论拉拉维尔的基本概念,我有一个概念问题。
在原始PHP中:
当我想要创建一个类的对象(例如,用户),该对象位于具有名称空间(例如名称空间应用程序)的不同目录(例如app\user.php)中时,我必须首先包含该文件(使用include 'app/user.php'),然后添加'use‘(use App\User)。
<?php
include 'app/user.php'; // including the file
use App\User;
$user = new User('John');
然而,在Laravel
帮帮我求你了。Zend Framework输出错误:
Fatal error: Uncaught exception 'Zend_Application_Resource_Exception' with message 'Bootstrap file found for module "messages" but bootstrap class "Messages_Bootstrap" not found' in
/home/aqq10697/public_html/readder.ru/library/Zend/Applicat
我已经指定了一个循环来显示我的自定义post类型的特色图像,并希望添加一个从引导到我的特色映像的img响应类。
我该怎么做?
谢谢!
代码:
<div class="home-featured-img">
<?php
if ( has_post_thumbnail() ) { // check if the post has a Post Thumbnail assigned to it.
the_post_thumbnail(); // show featured image
}
?>
</di
我正在尝试在CakePHP 2.0中运行PHPUnit测试。我的模型测试没有问题,但是当我尝试运行我的控制器测试时,我得到了这个错误:
Fatal error: Class 'Controller' not found in `/Applications/MAMP/htdocs/mysite/app/Controller/AppController.php on line 7`
到底怎么回事?谢谢。
说我有以下几点:
<?php
abstract class MyParent
{
public static $table_name;
public static get_all(){
return query("SELECT * FROM {$this->table_name}");
}
public static get_all2(){
return query("SELECT * FROM ".self::table_name);
}
}
class Child ex
10分钟前,我尝试使用phppgadmin 5.1进行连接,但在web服务器错误日志中发现了以下错误消息:“Misc在/usr/share/phppgadmin/classes/Misc.php on line 8中有一个不推荐使用的构造函数”
Phppgadmin失业了。
我用的是php 7.0。
有人知道怎么修吗?
非常感谢。